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Luc
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par Luc » 27 Sep 2012, 19:51
capitaine nuggets a écrit:j'en déduis alors que :
\(1- \frac{xy}{x^2+y^2}\)}\le 2\times \frac{|xy|^{\alpha } }{(x^2+y^2)})
Ok. Tu y es presque maintenant. Pense à utiliser que

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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 19:54
Luc a écrit:Ok. Tu y es presque maintenant. Pense à utiliser que


donc

mais je ne vois pas à quoi ça m'avance...
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Luc
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par Luc » 27 Sep 2012, 19:56
capitaine nuggets a écrit:
donc

mais je ne vois pas à quoi ça m'avance...
Il y a de l'idée mais là tu perds de l'information.
Tu sais majorer
})
normalement.
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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 20:01
Luc a écrit:Il y a de l'idée mais là tu perds de l'information.
Tu sais majorer
})
normalement.
Alors :
}\le \frac{|xy| }{(x^2+y^2)}\le \frac{xy }{(x^2+y^2)})
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Luc
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par Luc » 27 Sep 2012, 20:09
capitaine nuggets a écrit:Alors :
}\le \frac{|xy| }{(x^2+y^2)}\le \frac{xy }{(x^2+y^2)})
Majorer
})
par une constante qui ne dépend pas de x et y.
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capitaine nuggets
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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 20:09
Luc a écrit:Il y a de l'idée mais là tu perds de l'information.
Tu sais majorer
})
normalement.
Ou alors :
}\le \frac 1 2)
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capitaine nuggets
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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 20:18
Luc a écrit:Il y a de l'idée mais là tu perds de l'information.
Tu sais majorer
})
normalement.
Ou alors :
}\le \frac 1 2)
Donc :
\(1- \frac{xy}{x^2+y^2}\)}\le 2\times \frac{|xy|^{\alpha } }{(x^2+y^2)}\le 2\times \frac 1 2 |xy|^{\alpha -1 })
et donc
\to (0,0)} f(x,y) = 0)
.
Ou alors je dois dire que pour toutes suites de réelles
)
et
)
:
=0)
en

.
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Luc
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par Luc » 27 Sep 2012, 20:18
capitaine nuggets a écrit:Ou alors :
}\le \frac 1 2)
Oui!
Là tu as presque fini.
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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 20:28
Alors :
\(1- \frac{xy}{x^2+y^2}\)}\le 2\times \frac{|xy|^{\alpha } }{(x^2+y^2)}\le 2\times \frac 1 2 |xy|^{\alpha -1 })
et donc
\to (0,0)} f(x,y) = 0)
.
Ou alors je dois dire que pour toutes suites de réelles
)
et
)
:
=(0,0))
en

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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 20:38
Alors :
\(1- \frac{xy}{x^2+y^2}\)}\le 2\times \frac{|xy|^{\alpha } }{(x^2+y^2)}\le 2\times \frac 1 2 |xy|^{\alpha -1 })
et donc
\to (0,0)} f(x,y) = 0)
.
Ou alors je dois dire que pour toutes suites de réelles
)
et
)
:
=0)
en

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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 20:47
si tu es d'accord avec moi j'aimerais traité un autre exemple :
Je considère la fonction
 = (x^2+y^2)^{\frac 2 3 } \arctan\(\frac 1 {x^2+y^2} \))
pour
\neq (0,0))
et
=0)
.

est clairement définie pour tous réels

.
Je pose

et donc je montre que
 = 0)
donc

est continue.
Ai-je bon ?
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Luc
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par Luc » 27 Sep 2012, 20:56
capitaine nuggets a écrit:Alors :
\(1- \frac{xy}{x^2+y^2}\)}\le 2\times \frac{|xy|^{\alpha } }{(x^2+y^2)}\le 2\times \frac 1 2 |xy|^{\alpha -1 })
et donc
\to (0,0)} f(x,y) = 0)
.
Oui mais tu as oublié la valeur absolue, et il faut justifier que

tend vers 0 (c'est vrai car

).
EDIT : bizzare, j'arrive à citer tes posts mais ma réponse s'affiche avant ton post!
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capitaine nuggets
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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 20:56
Si tu es d'accord avec moi j'aimerais traité un autre exemple :
Je considère la fonction
 = (x^2+y^2)^{\frac 2 3 } \arctan\(\frac 1 {x^2+y^2} \))
pour
\neq (0,0))
et
=0)
.

est clairement définie pour tous réels

.
Je pose

et donc je montre que
 = 0)
donc

est continue.
Ai-je bon ?
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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 20:59
Si tu es d'accord avec moi j'aimerais traité un autre exemple :
Je considère la fonction
 = (x^2+y^2)^{\frac 2 3 } \arctan\(\frac 1 {x^2+y^2} \))
pour
\neq (0,0))
et
=0)
.

est clairement définie pour tous réels

.
Je pose

et donc je montre que
 = 0)
donc

est continue.
Ai-je bon ?
Luc a écrit:Oui mais tu as oublié la valeur absolue, et il faut justifier que

tend vers 0 (c'est vrai car

).
EDIT : bizzare, j'arrive à citer tes posts mais ma réponse s'affiche avant ton post!
j'ai replacer mon post pour réunir mes deux derniers posts en un !
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Luc
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par Luc » 27 Sep 2012, 21:00
Oui, c'est pas mal, sauf que c'est t^(2/3) et pas t^(3/2).
Comment montres-tu que t^(2/3)arctan(1/t) tend vers 0?
Sinon, tu peux remarquer directement que arctan est une fonction bornée, et cela montre le résultat (et même un peu mieux).
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capitaine nuggets
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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 21:05
Luc a écrit:Oui, c'est pas mal, sauf que c'est t^(2/3) et pas t^(3/2).
Comment montres-tu que t^(2/3)arctan(1/t) tend vers 0?
Sinon, tu peux remarquer directement que arctan est une fonction bornée, et cela montre le résultat (et même un peu mieux).
oui, j'ai fait une erreur c'est 3/2 l'exposant.
ben en montrant que
|\le \frac {\pi} 2)
donc
|\le t\sqrt t\frac {\pi} 2)
d'où la limite nulle.
Ok ?
Sinon, si on a une fonction

où

et qu'on suppose qu'il existe un réel

, tel que

:
-f(x) ||\le k ||y-x||)
(je crois qu'on dit que

est

-lipschitzienne). Comment montrer que

est continue sur

?
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Luc
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par Luc » 27 Sep 2012, 21:10
capitaine nuggets a écrit:oui, j'ai fait une erreur c'est 3/2 l'exposant.
ben en montrant que
|\le \frac {\pi} 2)
donc
|\le t\sqrt t\frac {\pi} 2)
d'où la limite nulle.
Ok ?
Ok.
capitaine nuggets a écrit:Sinon, si on a une fonction

où

et qu'on suppose qu'il existe un réel

, tel que

:
-f(x) ||\le k ||y-x||)
(je crois qu'on dit que

est

-lipschitzienne). Comment montrer que

est continue sur

?
En revenant à la définition de la continuité avec des

.
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- Localisation: nulle part presque partout
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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 21:18
Luc a écrit:Ok.
En revenant à la définition de la continuité avec des

.
soit

.

est continue en

si et seulement si

,
<\alpha))
implique
-f(a)<\epsilon))
.
Mais comment exploiter la définition ?
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Luc
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par Luc » 27 Sep 2012, 21:28
capitaine nuggets a écrit:soit

.

est continue en

si et seulement si

,
<\alpha))
implique
-f(a)<\epsilon))
.
Mais comment exploiter la définition ?
Tu définis un

fixé et tu cherches un

qui convient.
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capitaine nuggets
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par capitaine nuggets » 27 Sep 2012, 21:33
Luc a écrit:Tu définis un

fixé et tu cherches un

qui convient.
J'hésité entre

et

?
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