Calcul d'intégrale
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Maks
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par Maks » 03 Juil 2009, 14:49
Bonjour à tous !
Je bloque depuis deux jours sur une intégrale que voici :
...(x+p)}, \forall p \in \mathbb{N}^*)
.
J'ai décomposé en éléments simples (je vous passe les détails) et j'arrive à ça :
}} = \frac{1}{p!} \int_1^{+\infty} \left( \sum_{k=0}^p {p \choose k} (-1)^k \frac{1}{x+k} \right) {\rm d}x)
.
C'est à ce niveau que je bloque. J'ai l'impression qu'il y a là un développement via le binôme de Newton, mais je n'arrive pas à aller plus loin. :marteau:
Merci d'avance à tous ceux qui proposeront des idées. :id:
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Sa Majesté
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par Sa Majesté » 03 Juil 2009, 15:43
Salut
Tu peux remplacer l'infini par A, intervertir les signes sommes et intégrer chacun des termes de la somme en ln
Ensuite tu fais tendre A vers l'infini
Les termes en (A+k) sont affectés d'une puissance dont la somme fait 0, ça doit bien s'arranger en passant à la limite
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Maks
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par Maks » 03 Juil 2009, 17:57
Je suis enfin parvenu à mes fins.
Merci beaucoup.
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Maks
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par Maks » 05 Juil 2009, 16:03
(Re)Bonjour à tous !
Je relance ce sujet.
Comment peut-on calculer
...(k+p)}, \forall p \in \mathbb{N}^*)
?
J'ai bien essayé de réutiliser la décomposition en éléments simples trouvée pour le calcul de l'intégrale, mais je ne vois pas quoi faire après ...
Merci d'avance.
par busard_des_roseaux » 05 Juil 2009, 16:44
}} = \frac{1}{p!} \sum_{i=0}^p {p \choose i} (-1)^i \frac{1}{k+i})
.
tu dois pouvoir obtenir une formule avec les
)
(nombres harmoniques)

sinon, as tu essayé de primitiver p+1 fois l'égalité
en primitivant

puis
,..)
le changement de variable y=1-x est indolore relativement à dérivation/primitivation
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Maks
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par Maks » 05 Juil 2009, 16:52
Merci pour cette réponse mais je ne comprends pas bien l'idée.
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Luc
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par Luc » 05 Juil 2009, 20:31
Bonjour,
Je crois qu'il y a une astuce (je me fourvoie peut-être, mais bon). La voici:
L'idée est de faire apparaître une somme télescopique, en utilisant le même procédé que
} = \frac{1}{k} - \frac{1}{k+1})
.
On a en fait tout simplement
...(k+p)} = \frac{1}{k(k+1)...(k+p-1)} - \frac{1}{(k+1)(k+2)...(k+p)})
Et donc la somme vaut 1/(p*p!).
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par Maks » 05 Juil 2009, 20:49
Merci pour cette réponse très interessante.
On a en fait tout simplement
...(k+p)} = \frac{1}{k(k+1)...(k+p-1)} - \frac{1}{(k+1)(k+2)...(k+p)})
Je ne trouve pas exactement cela. J'ai plutôt :
...(k+p)} = \frac{1}{k(k+1)...(k+p-1)} - \frac{p}{(k+1)(k+2)...(k+p)})
Non ? (je peux me tromper)
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par Maks » 05 Juil 2009, 20:52
Mille merci. :we:
Je ne connaissais pas la méthode, elle est en effet très astucieuse et très puissante. :id:
Bonne soirée !
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