Hexagramme mystique de Pascal
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acoustica
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par acoustica » 11 Juil 2008, 14:04
Hello,
Bon allez, ça manque de géométrie ici: voici un problème assez connu, et plutôt sympa: l'hexagramme de Pascal:
Montrer que les points de concours des côtés opposés d'un hexagone inscrit dans un cercle sont alignés.
(Notations: hexagone ABCDEF, (AB);)(ED)=O, (BC);)(FE)=N et (AF);)(CD)=M).
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Timothé Lefebvre
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par Timothé Lefebvre » 11 Juil 2008, 14:08
acoustica a écrit:(Notations: hexagone ABCDEF, (AB);)(ED)=M, (BC);)(FE)=N et (AF);)(CD)=O).
Bonjour, ne te serais-tu pas trompé(e) dans ces notations ?
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acoustica
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par acoustica » 11 Juil 2008, 14:11
Oui; ça y est: j'ai corrigé l'énoncé.
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lapras
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par lapras » 11 Juil 2008, 15:10
Jolie !
je crois, apres nombreux calculs avoir une solution.
Soient :
I = (AF);)(ED)
J = (AF);)(BC)
K = (BC);)(ED)
Il faut ensuite établir quelques relations algébriques avec ménélaus.
Puis calculer la puissance de I,Jet K par rapport au cercle.
En mélangeant les relations on arrive bien à :
(ce sont des grandeurs algébriques, mais je ne sais pas faire la barre en laTex)
:happy2:
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acoustica
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par acoustica » 11 Juil 2008, 15:34
bravo lapras! :we:
Il parait que ce résultat est vrai dans une conique. Le cas général doit être sacrément balèze. :briques:
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_-Gaara-_
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par _-Gaara-_ » 11 Juil 2008, 15:37
XD je n'ai pas compris ce qu'il s'est passé là :doh:
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lapras
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par lapras » 11 Juil 2008, 15:44
Quelle est la définition d'une conique ? :happy2:
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acoustica
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par acoustica » 11 Juil 2008, 15:53
lapras a écrit:Quelle est la définition d'une conique ? :happy2:
Les coniques sont les ellipses (à forciori le cercle), les paraboles et les hyperboles. Un conique a une équation cartésienne de la forme: (X/a)²+/-(Y/b)²=1 (après, c'est des histoires de changement de repère qui font qu'avec l'hyperbole, on retombe sur une forme plus sympatique du type Y=k/X)
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acoustica
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par acoustica » 11 Juil 2008, 16:09
_-Gaara-_ a écrit:XD je n'ai pas compris ce qu'il s'est passé là :doh:
Il faut utiliser le théorème de Ménélaüs dans IJK avec 3 alignements formés par les côtés de l'hexagone avec M, N et O ({F,E,N}, {O,A,B} et {C,D,M})
De là, tu as trois égalités, avec des écritures algébriques.
Tu multiplie membre à membre et tu réarranges de telle sorte à obtenir des termes du type puissance/puissance (puissance d'un point par rapport à un cercle). Ca se simplifie donc et on tombe sur une autre égalité de Ménélaüs, qui est celle que l'on cherchait.
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par Zweig » 11 Juil 2008, 16:12
acoustica a écrit:bravo lapras! :we:
Il parait que ce résultat est vrai dans une conique. Le cas général doit être sacrément balèze. :briques:
Le résultat est immédiat pour l'ellipse : on passe d'un cercle à une ellipse par une transformation affine. Une transformation affine a la propriété de conserver les alignements, d'où le résultat.
C'est aussi direct pour une conique quelconque puisque la propriété est projective et que l'on passe d'un cercle à une conique quelconque par homologie.
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_-Gaara-_
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par _-Gaara-_ » 11 Juil 2008, 16:15
acoustica a écrit:Il faut utiliser le théorème de Ménélaüs dans IJK avec 3 alignements formés par les côtés de l'hexagone avec M, N et O.
De là, tu as trois égalités, avec des écritures algébriques.
Tu multiplie membre à membre et tu réarrange de telle sorte à obtenir des termes du type puissance/puissance (puissance d'un point par rapport à un cercle). Ca se simplifie donc et on tombe sur une autre égalité de Ménélaüs, qui est celle que l'on cherchait.
Ah merci ^^ je commençais à me sentir seul :id:
j'étudie ça en détail merci
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acoustica
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par acoustica » 11 Juil 2008, 17:04
Zweig a écrit:C'est aussi direct pour une conique quelconque puisque la propriété est projective et que l'on passe d'un cercle à une conique quelconque par homologie.
Qu'est-ce-que tu appelles une homologie?
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acoustica
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par acoustica » 11 Juil 2008, 17:28
Bon, déjà on est d'accord pour l'ellipse (ça pose pas trop de problème).
Par contre, je ne comprend pas l'article de wikipedia: faudrait déjà que je sache ce qu'est une matrice. :triste:
Tu peut m'expliquer aussi le coup des barycentres?
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par Benjamin » 11 Juil 2008, 17:38
lapras a écrit:ce sont des grandeurs algébriques, mais je ne sais pas faire la barre en laTex
Bonjour,
Tout simplement avec \bar{}
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leon1789
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par leon1789 » 23 Nov 2008, 19:44
acoustica a écrit:Hello,
Bon allez, ça manque de géométrie ici: voici un problème assez connu, et plutôt sympa: l'hexagramme de Pascal:
Montrer que les points de concours des côtés opposés d'un hexagone inscrit dans un cercle sont alignés.
(Notations: hexagone ABCDEF, (AB);)(ED)=O, (BC);)(FE)=N et (AF);)(CD)=M).
La propriété générale est la suivante :
Soit 6 points quelconques du plan : A,B,...F, puis on trace les 6 droites comme indiqué , et enfin les 3 points M,N,O.
Les 6 points A,B,..F appartiennent à une même conique (pouvant être dégénérée en deux droites) les 3 points M,N,O appartiennent à une même droite
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leon1789
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par leon1789 » 23 Nov 2008, 19:48
leon1789 a écrit:La propriété générale est la suivante :
Soit 6 points quelconques du plan : A,B,...F, puis on trace les 6 droites comme indiqué , et enfin les 3 points M,N,O.
Les 6 points A,B,..F appartiennent à une même conique (pouvant être dégénérée en deux droites) les 3 points M,N,O appartiennent à une même droite
Je démontre ça en calculant deux déterminants : pour une matrice 6x6 assez creuse, et pour une matrice 3x3. Les deux déterminants sont égaux, ce qui montre l'équivalence.
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Zweig
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par Zweig » 23 Nov 2008, 19:49
Ou bien en utilisant le théorème de Carnot.
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acoustica
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par acoustica » 23 Nov 2008, 19:54
Zweig a écrit:Ou bien en utilisant le théorème de Carnot.
lol j'ai tout un poly sur Ménélaüs, Carnot...je vois ça quand je serais sur mon ordi.
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