équation dans (N,N)
Olympiades mathématiques, énigmes et défis
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aviateur
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par aviateur » 20 Juin 2018, 13:43
Bonjour
Je propose cet énigme :
Trouver tous les couples d'entiers
tels que:
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danyL
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par danyL » 20 Juin 2018, 19:01
aviateur a écrit:Bonjour
Je propose cet énigme :
Trouver tous les couples d'entiers
tels que:
pour x = 2 on a y = 0 mais tu n'en veux pas du y = 0
dommage
EDIT
on peut factoriser par x - 2
y² = (x - 2) ( x² + 2x - 31)
mais pas sûre que ça avanceà qqch
Re-EDIT (merci Sa Majesté)
y² = (x - 2) ( x² + 2x + 31)
Modifié en dernier par
danyL le 21 Juin 2018, 21:49, modifié 3 fois.
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aviateur
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par aviateur » 20 Juin 2018, 19:14
Oui, je l'ai éliminé car il est facile à obtenir. C'est surtout trouver les autres solutions qui sont intéressantes à essayer d'obtenir. Donc on a bien (2,0) mais y en a -t-il d'autres?
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pascal16
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par pascal16 » 20 Juin 2018, 19:19
jusqu'à x=y=10 000, pas de sol.
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Sa Majesté
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par Sa Majesté » 20 Juin 2018, 21:19
danyL a écrit:EDIT
on peut factoriser par x - 2
y² = (x - 2) ( x² + 2x - 31)
mais pas sûre que ça avanceà qqch
Petite erreur de signe y² = (x - 2) ( x² + 2x + 31)
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aviateur
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par aviateur » 20 Juin 2018, 22:43
Bonjour
Je peux donner une indication? Poser X=x-2 et poursuivre le raisonnement.
D'autre part jusque 10000 il n'y a pas de solution mais ensuite?
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nodgim
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par nodgim » 21 Juin 2018, 07:38
Je suis arrivé jusqu'au même endroit, avec en plus :
Soit x-2 et x²+2x+31 sont premiers entre eux, et alors ils doivent être carrés tous les deux.
Soit il y a 39 en commun, on a alors 39² dans y², et le reste doit être un carré.
Dans l'un ou l'autre cas, je n'ai pas trouvé de solution.
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ffback
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par ffback » 21 Juin 2018, 08:18
Attention Nodgim, 39=3x13, donc il y a d'autres cas.
Reprenons:
-(x-2)(x²+2x+31) est un carré
-Soit d le pgcd de x-2 et x²+2x+31. Alors x=2 mod d donc 0=x²+2x+31=39 mod d, donc d divise 39
- Par décomposition en facteurs premiers on déduit que l'on peut mettre les facteurs sous la forme:
,
avec d dans {1,3,13,39}. Ca donne donc...4 systèmes à étudier
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ffback
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par ffback » 21 Juin 2018, 08:37
En posant w=x+1, la 2eme équation se réécrit w²+30=dv².
Si d=1 ou 13, alors modulo 4 on a w²+2=v². Sachant que modulo 4, un carré est 0 ou 1, il n'y a pas de solutions.
Plus qu'à traiter d=3 ou 39
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aviateur
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par aviateur » 21 Juin 2018, 09:23
Bonjour ok pour le début.
J'ai donc remplacé
par
pour simplifier la suite. Le problème est donc équivalent à
Et avec votre raisonnement on a
ou
pour
Je n'ai pas vu le message précédent. Ok on peut éliminer les cas d=1 et d=13.
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ffback
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par ffback » 21 Juin 2018, 09:34
Pour d=3:
De nouveau, on pose w=x+1 pour rééecrire la 2eme équation: w²+30=3v²
On regarde cette fois modulo 8: w²+6=3v².
Un carré modulo 8 est soit 0,1 ou 4. Le seul cas possible est v²=2 mod 8, w²=0 mod 8. En particulier, w est multiple de 4
On a donc x=3 mod 4. Et mettant dans la premiere équation, on déduit 1=3u² mod 4. Mais un carré modulo 4 étant 0 ou 1, ce n'est pas possible. Donc pas de solutions.
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ffback
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par ffback » 21 Juin 2018, 09:44
Pour d= 39
Toujours parei, avec w=x+1:
w²+30=39v²
On regarde de nouveau modulo 8: w²+6=-v²
Du fait que v² et w² doivent valoir 0,1 ou ' mod 8, il n'y a pas de solutions.
Donc si j'ai pas d'erreurs de calculs quelque part, ça conclut
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aviateur
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par aviateur » 21 Juin 2018, 10:06
Bonjour @ffback d'accord avec toi pour d=3.
Par contre pour d=39 tu fais erreur. En effet, par exemple v=w=1 mod (8) c'est possible.
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ffback
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par ffback » 21 Juin 2018, 11:17
Tu as raison. Il reste donc encore un peu de travail a faire.
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aviateur
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par aviateur » 21 Juin 2018, 11:32
Rebonjour
Il faut remplacer "un peu" par "un peu beaucoup" en effet la suite n'est pas aussi facile (mais on utilise des moyens élémentaires tout de même)
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aviateur
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par aviateur » 23 Juin 2018, 11:55
Bonjour, je reviens sur ce problème difficile pour le relancer vu que certains s'y sont intéressés.
Alors je donne une indication supplémentaire: oui, il y au moins une solution même si elle est difficilement décelable avec une recherche systématique par ordi?
Donc le cas d= 39 mérite d'être étudié.
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par Pseuda » 23 Juin 2018, 12:50
Bonjour,
Modulo 4, w²+30=39v² se résout en w=1 et v=1, donc x+1=1 (4) soit x=0 (4).
En revenant à x-2=39u², on a -2=-u² (4), soit u²=2 (4), ce qui est impossible.
Sauf erreur, je ne vois pas le "un peu beaucoup" de travail qui reste à faire ?
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ffback
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par ffback » 23 Juin 2018, 13:18
En fait, c'est v et w=1 ou -1 mod 4...
D'ailleurs avec w=3, v=1 et u=0 on a une solution au systeme (bien que triviale). Donc on pourra pas aboutir á une contradiction en raisonnant avec des modulos...
Aviateur: l'ensemble des solutions s'expriment t-il clairement, genre il est fini ou infini mais avec une formule close ?
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aviateur
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par aviateur » 23 Juin 2018, 15:49
Non il n'y a qu'une solution. Grande par ailleurs, c'est pourquoi on ne l'a décèle pas avec un algo qui teste les solution possible une par une.
Je suis désolé mais je dois partir. J'essaierai de faire avancer la suite dès que possible. J'avoue que ce n'est pas évident.
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Pseuda
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par Pseuda » 23 Juin 2018, 18:05
aviateur a écrit:Bonjour ok pour le début.
J'ai donc remplacé
par
pour simplifier la suite. Le problème est donc équivalent à
En revenant à cette expression et
, on pose
, et on est ramené à
.
Donc
, et on est ramené à
avec
.
Donc
est un carré ainsi que
, et on est ramené à
est un carré.
En considérant le
du départ (=39
+2 d'arrivée), on obtient (sauf erreur) que
est un carré pair (et
un carré impair). En posant
, on est ramené à
est un carré. Donc
.
Je ne sais pas si tout cela mène à quelque chose.
Modifié en dernier par
Pseuda le 23 Juin 2018, 19:16, modifié 3 fois.
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